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悠闲数学娱乐论坛(第2版)
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初等数学讨论
» 讨论组的多线段相等证垂直题
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kuing
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发表于 2020-11-29 22:48
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只看该作者
[几何]
讨论组的多线段相等证垂直题
v6 15:16:04
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(49.19 KB)
2020-11-29 22:47
求证明
我先来个三角法,纯平几靠你们了……
由 `PB=PE` 可知存在圆 `I` 与 `PB`, `PE` 分别切于 `B`, `E`,又因为 `FN=BF+NE`,可见 `FN` 也与该圆相切,且切点就是 `M`,如下图所示。
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(15.9 KB)
2020-11-29 22:47
记 `\angle P=x`, `\angle I=y`,不妨设圆的半径为 `1`,则 `BF=\tan y`, `BP=\cot(x/2)`,因为 `\angle PBK=y`,故由正弦定理有
\[\frac{PK}{BP}=\frac{\sin y}{\sin(x+y)},\]于是
\[PK=BF\iff\frac{\sin y}{\sin(x+y)}\cot\frac x2=\tan y,\]去分母得
\[\cos\frac x2\cos y=\sin\frac x2\sin(x+y),\]积化和差得
\[\cos\left( \frac x2-y \right)=-\cos\left( \frac{3x}2+y \right),\]再和差化积得
\[\cos x\cos\left( \frac x2+y \right)=0,\]所以 `x=\pi/2` 或 `x/2+y=\pi/2`,而由图形可知后者不可能,所以只能 `x=\pi/2`,即得证。
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发表于 2020-11-30 02:37
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如图:
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2020-11-30 02:37
$ AF $和$ AN $分别是$ BM $和$ EM $的垂直平分线\[ \angle ABF=\angle AMF\\\angle AMN=\angle AEN\\\angle ABF=\angle AEN \]所以\[ \angle ABF=\angle AEN=90\du \]得$ ABPE $四点共园。易证\[ \angle PAN=BEM=\angle BAF=\angle FAM \]又\[ \triangle CPF\cong \triangle DEK \]因此\[ \triangle BCF\cong \triangle PDK\riff\angle BCF=\angle PDK\riff AB=BP \]即$ ABPE $为正方形
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isee
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发表于 2020-11-30 08:34
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擦,这么麻烦,一眼望去
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isee
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发表于 2020-11-30 10:47
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本帖最后由 isee 于 2020-11-30 10:56 编辑
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3#
isee
直接算好了。平易近人。
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2020-11-30 10:47
如图标记线段长度,由等腰三角形$PBE$有$$x=y+n,$$
在三角形$PFN$中,将直线$BMK$看作是梅氏截线,由Menelaus(梅涅劳斯)定理,并化为整式,得$$mn=xy+ym=y^2+my+ny,$$
考察三角形$PFN$三边关系$$x^2+(m+y)^2=(y+n)^2+(m+y)^2=(2y^2+2my+2ny)+m^2+n^2=(m+n)^2,$$即$$PF^2+PN^2=FN^2,$$从而$\angle P$为直角.
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色k
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发表于 2020-11-30 14:45
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4#
isee
挺好的,一条辅助线也不用作
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isee
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发表于 2020-11-30 14:47
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5#
色k
你怎么知道登录哪个帐号的?有么弄晕的时候,,
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色k
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发表于 2020-11-30 14:52
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isee
爪机上登这个号,电脑上用主号
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