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悠闲数学娱乐论坛(第2版)
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初等数学讨论
» 外心向量三角形面积最大
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isee
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发表于 2019-7-24 15:00
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[几何]
外心向量三角形面积最大
本帖最后由 isee 于 2020-6-3 17:16 编辑
单独提出这个第4题
,设$O$是$\triangle ABC$的外心,满足$\vv{CO}=t\cdot\vv{CA}+\left(\frac 12-\frac 34t\right)\vv{CB},t\in \mathrm R$,若$AB=3$,则$\triangle ABC$的面积最大值为________.
注意这里人为限定 $t\ne 0$
2019年江苏省中学生数学夏令营测试卷,第4题。
原链接:
http://kuing.orzweb.net/viewthre ... &extra=page%3D2
以下讨论第第7#开始看,然后r再看2#,18#,23#,25#
本帖最后由 isee 于 2019-7-27 14:24 编辑 后,近一年后,发现23#,25#有新回复~~
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发表于 2019-7-24 15:11
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本帖最后由 isee 于 2019-7-24 15:29 编辑
让我很奇怪的是,以下这种解法,到底错在哪里了
先将t向量式作恒等变形
\begin{align*}
\vv{CO}&=t\cdot\vv{CA}+\left(\frac 12-\frac 34t\right)\vv{CB},t\in \mathrm R\\
\iff 2\vv{CO}&=2t\cdot\vv{CA}+\left(1-\frac 32t\right)\vv{CB}\\
\iff \vv{CD}&=\frac 32t\cdot\left(\frac 43\vv{CA}\right)+\left(1-\frac 32t\right)\vv{CB}\\
\iff \vv{CD}&=\frac 32t\cdot\vv{CE}+\left(1-\frac 32t\right)\vv{CB}
\end{align*}
其中,点$D$与点$E$如图所示,$CO$交圆$O$于$D$,$CA/AE=3$.
2019-7-24 15:13
于是,$E$,$D$,$B$三点共线,由于$AB=3$,当$AB$边上的高最大时,亦即$CA=CB$且$CD$为直径时,最后所求的数据不对($k^2=2$,$S_{\triangle ABC}=\frac{9\sqrt 7}4$),就纳闷了
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kuing
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发表于 2019-7-24 15:40
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isee
为什么一定是 CA=CB 时高最大?
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发表于 2019-7-24 15:46
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kuing
$CA/AE=3$,点$C$在圆$O$上运动,则点$E$在与圆$O$外切的圆上运动,由任意性点$C$到$AB$的距离最大。
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发表于 2019-7-24 15:52
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本帖最后由 isee 于 2019-7-24 15:55 编辑
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kuing
是了是了,没有考虑$C,O,D$三点共线!
2#需要推倒重来。。。
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发表于 2019-7-24 16:19
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话说,当 t=0 时,只要 A 为直角就一定满足,那是不是没有最大值了……
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发表于 2019-7-24 17:07
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首先用一下同乘向量法求系数表达式先。
设 $\vv{CO}=x\vv{CA}+y\vv{CB}$,则分别两边同乘 $\vv{CA}$ 和 $\vv{CB}$ 可得
\[\led
\frac12b^2&=xb^2+yab\cos C,\\
\frac12a^2&=xab\cos C+ya^2,
\endled\]解得
\[x=\frac{b-a\cos C}{2b\sin^2C}, y=\frac{a-b\cos C}{2a\sin^2C}.\]
回到原题,就有
\[\frac34\cdot\frac{b-a\cos C}{2b\sin^2C}+\frac{a-b\cos C}{2a\sin^2C}=\frac12,\]去分母并用 `\sin^2C=1-\cos^2C` 整理可得
\[3ab-(3a^2+4b^2)\cos C+4ab\cos^2C=0,\]恰好可以因式分解为
\[(b-a\cos C)(3a-4b\cos C)=0,\]故 `b=a\cos C` 或 `3a=4b\cos C`。
对于前者,就是楼上讲的 `A` 为直角,此时没最大值,命题者可能大意了,又或者是录入时打漏了 `t\ne0`?
对于后者,由射影定得 `3a=4b\cos C=4a-4c\cos B`,即 `a=4c\cos B`,于是如下图,`AD\perp BC`,则 `BD=c\cos B`,故应满足 `BC=4BD`,于是 $\S{ABC}=4\S{ABD}$,而 `D` 在以 `AB` 为直径的圆上,有 $\S{ABD}\leqslant(AB/2)^2=9/4$,从而 $\S{ABC}$ 的最大值为 `9`。
2019-7-24 17:08
$\href{https://kuingggg.github.io/}{\text{About Me}}$
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发表于 2019-7-24 21:00
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啧啧啧,服气
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发表于 2019-7-25 09:24
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其实当 $x+y+z=1$ 时,若 $x\vv{PA}+y\vv{PB}+z\vv{PC}=\mathbf{0}$,那么就有
\begin{align*}
\vv{AP}&=y\vv{AB}+z\vv{AC}\\
\vv{BP}&=x\vv{BA}+z\vv{BC}\\
\vv{CP}&=x\vv{CA}+y\vv{CB}
\end{align*}
然后用 $x:y:z=S_{\triangle PBC}:S_{\triangle PCA}:S_{\triangle PAB}$ 就很容易得到后面的数量关系了。注意:这里的面积是有向面积。
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发表于 2019-7-25 10:57
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hejoseph
正好思考到,$x+y+z=1$的情形!指明方向了。
我再去想想,此题中这个的比例系数如何定出来。。。
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发表于 2019-7-25 15:02
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姆,昨晚青青子衿发的这帖
http://kuing.orzweb.net/viewthread.php?tid=6360
的第二个式子看来才是命题者的意图,也就是用
\[
\vv{CO}=\frac{\tan B+\tan C}{2\sum\tan A}\vv{CA}+\frac{\tan C+\tan A}{2\sum\tan A}\vv{CB},
\]于是依题意有
\[\frac34\cdot\frac{\tan B+\tan C}{2\sum\tan A}+\frac{\tan C+\tan A}{2\sum\tan A}=\frac12,\]化简即
\[\tan B=3\tan C,\]这样就同样得到我上面那图的结论了。
然而用 tan 的前提就是不允许直角三角形,命题者却没想到 A 为直角也能符合,于是这也解释了为什么会漏掉 `t\ne0`。
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isee
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发表于 2019-7-25 15:04
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isee
我终于明白何版的意思了。
两点:
一是那个$x+y+z=1$是个引理,用来破题中向量式的。
二是$\sin2A\cdot\vv{OA}+\sin2B\cdot\vv{OB}+\sin2C\cdot\vv{OC}=\bm 0$的几何意义。
这里想直接得到(面积的)比例系数似乎不可能。
其实主要是第二点,由条件$$\vv{CO}=t\cdot\vv{CA}+\left(\frac 12-\frac 34t\right)\vv{CB},t\in \mathrm R-\{0\}\iff t\vv{OC}+\left(\frac 12-\frac 34t\right)\vv{OB}+\left(\frac 12-\frac 14t\right)\vv{OC}=\bm 0,$$
于是$$\frac t{\sin 2A}=\frac{\dfrac 12-\dfrac 34t}{\sin 2B}=\frac{\dfrac 12-\dfrac 14t}{\sin 2C}=\frac 1{\sin 2A+\sin 2B+\sin 2C},$$
(将上式从左到右,分别叫,1式,2式,3式,4式,由1式=2式=4式)消 $t$ 整理化简可得
$$-\sin 2A+2\sin 2C=2\sin 2B\Rightarrow -\sin 2A=2\sin 2B-2\sin 2C=4\cos(B+C)\sin(B-C)=-4\cos A\sin(B-C),$$
此时当$\cos A=0$,$t=0$,所求无大值;当$\cos A\ne 0$时,$$\sin A=2\sin(B-C)=2\sin B\cos C-2\cos B\sin C\iff a=2b\cos C-2c\cos B,$$
再用第一余弦定理,便是$$3a=4b\cos C,$$
与7#楼结论相同。
从心理的感觉上来说,字母好像少一些,只是角的变换,但本质上并不容易,也没有多少简化的作用。
特别是kuing最值的处理,又到几何式,这个困难,按常理在$$9=a^2+b^2-2ab\cos C=a^2+b^2-2ab\frac {3a}{4b}=b^2-\frac 12a^2,$$条件下,求最大值$$S=\frac 12ab\sin C=\frac 12\sqrt{16\cdot \frac 1{16}a^2\left(9-\frac 1{16}a^2\right)}\leqslant 9.$$
等号验证……
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hejoseph
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发表于 2019-7-25 15:30
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isee
既然你已得到
\[
\sin 2A\cdot\vv{OA}+\sin 2B\cdot\vv{OB}+\sin 2C\cdot\vv{OC}=\mathbf{0}
\]
那么就立即得到
\begin{align*}
x&=\frac{\sin 2A}{\sin 2A+\sin 2B+\sin 2C}\\
y&=\frac{\sin 2B}{\sin 2A+\sin 2B+\sin 2C}\\
z&=\frac{\sin 2C}{\sin 2A+\sin 2B+\sin 2C}
\end{align*}
然后对应分量系数,就得到
\[
\left\{
\begin{aligned}
\frac{\sin 2A}{\sin 2A+\sin 2B+\sin 2C}&=t\\
\frac{\sin 2B}{\sin 2A+\sin 2B+\sin 2C}&=\frac{1}{2}-\frac{3}{4}t
\end{aligned}
\right.
\]
后面不说了。
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发表于 2019-7-25 15:46
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hejoseph
嗯,我以前通常也是这样玩的,不过在随后的求解中往往还需要进行一些三角变换,而后来我发现对于外心的情形用同乘向量法得到的式子简单些,计算量往往也小些,所以就换了方向
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isee
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发表于 2019-7-25 15:48
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这样的解法下,这题并不容易。
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发表于 2019-7-25 15:50
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hejoseph
多谢何版指点~
以下化简用11#,三角一致性证明在11#链接的6#。
把我以前都不想动笔的方向终于是全部动手了一回。
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发表于 2019-7-26 12:04
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kuing
常规解法。
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发表于 2019-7-27 14:22
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5#
isee
2#的共线,结合kuing的最后的几何法,及解三角后的最终形状,反思了一下,接2#,将2#原直觉以为是$BC=CA$这个条件推翻。
本图接2#
2019-7-27 14:22
过点$A$作$AF\perp BC$于$F$点,因$CD$是直径,则$AF\sslash BE$,从而$$\frac{CF}{FB}=\frac 31\iff S_{\triangle ABC}=4S_{\triangle ABF},$$
而$$AB=3,$$为定值,下同kuing在7#后三句,“有$\S{ABF}\leqslant(AB/2)^2=9/4$,从而 $S_{\triangle ABC}$的最大值为 9。"
取"="时,图形如下
2019-7-27 14:37
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发表于 2019-7-27 14:52
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说实话,给命题人一建议,这种问题价值何在?几题拼一题。这么复杂运算。原本就是一简单问题。不要搞那么复杂点,简单点。
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发表于 2019-7-27 15:00
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18#
isee
还是让你给救了回来
这样看起来这也是个很好的解法!
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