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[函数] 调皮的参数 搞不定

本帖最后由 facebooker 于 2021-3-19 00:09 编辑

$f(x)=\ln (x+1)+\dfrac{x}{\sqrt{ax^2+1}}+ax^2$,若对$∀x\geqslant 0,f(x)\geqslant 2x$恒成立,求$a$的取值范围。
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硬算好了,懒得绕……

令 `g(x)=f(x)-2x`,易知 `g(0)=g'(0)=0`,所以必须 `g''(0)=2a-1\geqslant0`,即 `a\geqslant1/2`,这是必要性,下面证明它是充分的。

当 `a\geqslant1/2` 时,将 `f(x)` 的 `x` 视为常数,对 `a` 求导,得
\[\bigl( f(x) \bigr)'_a=x^2-\frac{x^3}{2\sqrt{(ax^2+1)^3}}\geqslant x^2-\frac{x^3}{2\sqrt{3ax^2}}\geqslant0,\]可见关于 `a` 递增,因此只需证明当 `a=1/2` 时满足题意即可,此时
\[g'(x)=\frac1{x+1}+\frac1{\sqrt{\left( \frac12x^2+1 \right)^3}}+x-2,\]只需证明 `g'(x)\geqslant0`,易证
\[(t+1)^3\leqslant\left( \frac38t^2+\frac32t+1 \right)^2,\]故只需证
\[\frac1{x+1}+\frac1{\frac3{32}x^4+\frac34x^2+1}+x-2\geqslant0,\]去分母分解可整理为
\[x^2\bigl(3x^2(x^2-x+1)+2(3x-2)^2\bigr)\geqslant0,\]显然成立,即得证。

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by 欢姐(据传和kuing同一城市的):
一楼题目解答如下:
blog8.jpg
2019-8-24 14:42
妙不可言,不明其妙,不着一字,各释其妙!

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