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悠闲数学娱乐论坛(第2版)
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» 一道幾何 證線段相等
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发表于 2018-7-18 21:11
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只看该作者
[几何]
一道幾何 證線段相等
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2018-7-19 02:55
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kuing
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发表于 2018-7-19 03:09
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只看该作者
真难,搞了一个多小时才勉强撸了出来,证法还不太好看,或许,是我变渣了……
首先,为了搞这道题我临时搞出了如下引理:
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2018-7-19 03:09
引理:如上图所示,则有
\[\frac{EA}{EB}=\frac{\cot\angle1+\cot\angle2}{\cot\angle3+\cot\angle4}.\]
时间关系,引理的证明等我有空再写。
回到原题,如下图:
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2018-7-19 03:09
由 `O`, `H`, `C`, `N` 四点共圆得
\begin{align*}
\angle1&=\angle OCA=90\du-B,\\
\angle3&=\angle HCA=90\du-A,
\end{align*}
同理,由 `O`, `H`, `B`, `M` 四点共圆得
\begin{align*}
\angle2&=\angle OBA=90\du-C,\\
\angle4&=\angle HBA=90\du-A,
\end{align*}
于是,由引理得
\[\frac{KH}{KO}=\frac{\tan B+\tan C}{2\tan A}.\]
要证明 `KA=KH`,即证 `K` 的 `AH` 上的射影为 `AH` 的中点,由此可见,只需证明
\[\frac{KH}{KO}=\frac{AH/2}{AH/2-HF},\]
熟知 `AH=2OD`,由此可得 `AH/2-HF=AE-2OD`,因此
\[\frac{AH/2}{AH/2-HF}=\frac{OD}{AE-2OD}=\frac{R\cos A}{2R\sin B\sin C-2R\cos A}=\frac{\cos A}{2\cos B\cos C},\]
所以只需证明
\[\frac{\tan B+\tan C}{\tan A}=\frac{\cos A}{\cos B\cos C},\]
而这也是熟知的
`\Box`
$\href{https://kuingggg.github.io/}{\text{About Me}}$
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乌贼
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乌贼
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发表于 2018-7-24 13:58
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只看该作者
本帖最后由 乌贼 于 2018-7-27 13:32 编辑
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2018-7-24 13:57
引理;$ O,H $分别为$ \triangle ABC $的外心和垂心,$ AH $交$ BC $于$ E $,$ F $为$ OH $中点。求证:$ \angle OAD=\angle FDH $
证明:如图\[ \angle GBE=\angle CAE=\angle CBH \]所以\[ \triangle HBD\cong \triangle EBD \riff HD=DE \riff DF\px OE\\ \riff \angle FDH=\angle OEH=\angle OAH\]
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2018-7-24 13:58
下面证明原题:见图\[ \angle MBO=\angle BAO=\angle HAC=\angle HBC\riff OM=HF\riff OH\px MF \]又\[ ACH=\angle HMN=\angle OCB=\angle OCG\riff OG=HN\riff OH\px GN \]知$ OH $的垂直平分线过$ CB $与$ MN $的交点$ P $且交$ AH $于$ R,T $为$ OH $中点
由$ TPDH $四点共园有\[ \angle RHT=\angle TPD=\angle TPK \]故$ RKPH $四点共园得\[ \angle RKH=\angle RPH=\angle TDH \]由引理知\[ \angle RKO=\angle TDH=\angle OAR \]因此$ AKTR $四点共园所以有\[ \angle KAR=\angle ROH=\angle RHO \]$ 则\triangle AKH $为等腰三角形\[ AK=HK \]
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