圆锥曲线切线方程的一个巧妙证明
大概在两年前,初等数学笔记工程还在蕴粮的时候,就灵光一闪,想出了椭圆切线方程的这个巧妙的证明,但当时对于双曲线和抛物线,没有细想,前几天论坛有人发帖问双曲线的切线方程证明,细想之下又把双曲线的给想出来了,而抛物线的太简单也就出来了,这就是下面的证明。不过要说明的是,在这里切线的定义是用直线与圆锥曲线仅有唯一公共点来定义的。[attach]5437[/attach]
[attach]5438[/attach] 我的习惯是用柯西及其类似,写起来比较对称:
\begin{align*}
(a^2 + b^2) (c^2 + d^2) = (a c + b d)^2 + (a d - b c)^2 &\riff (a^2 + b^2) (c^2 + d^2) \geqslant (a c + b d)^2 ,\\
(a^2 - b^2) (c^2 - d^2) = (a c - b d)^2 - (a d - b c)^2 &\riff (a^2 - b^2) (c^2 - d^2) \leqslant (a c - b d)^2 ,\\
\end{align*}
所以有
\begin{align*}
\left(\frac{x_0^2}{a^2}+\frac{y_0^2}{b^2}\right)
\left(\frac{x_T^2}{a^2}+\frac{y_T^2}{b^2}\right)
\geqslant\left(\frac{x_0x_T}{a^2}+\frac{y_0y_T}{b^2}\right)^2 & \riff \frac{x_T^2}{a^2}+\frac{y_T^2}{b^2}\geqslant1,\\
\left(\frac{x_0^2}{a^2}-\frac{y_0^2}{b^2}\right)
\left(\frac{x_T^2}{a^2}-\frac{y_T^2}{b^2}\right)
\leqslant\left(\frac{x_0x_T}{a^2}-\frac{y_0y_T}{b^2}\right)^2 &\riff \frac{x_T^2}{a^2}-\frac{y_T^2}{b^2}\leqslant1.
\end{align*} [b]回复 [url=http://kuing.orzweb.net/redirect.php?goto=findpost&pid=23305&ptid=4927]2#[/url] [i]kuing[/i] [/b]
niubility,不愧是不等式高手。 圆锥曲线的切线,点差法加个极限就好了,不用计算,也能用于作图。 [b]回复 [url=http://kuing.orzweb.net/redirect.php?goto=findpost&pid=23305&ptid=4927]2#[/url] [i]kuing[/i] [/b]
太漂亮,赶紧收进笔记 {:lol:}。 [b]回复 [url=http://kuing.orzweb.net/redirect.php?goto=findpost&pid=23308&ptid=4927]4#[/url] [i]游客[/i] [/b]
这个我也喜欢。 [b]回复 [url=http://kuing.orzweb.net/redirect.php?goto=findpost&pid=23357&ptid=4927]5#[/url] [i]zhcosin[/i] [/b]
一块得个玉$$
(a^2 - b^2) (c^2 - d^2) = (a c - b d)^2 - (a d - b c)^2 \riff (a^2 - b^2) (c^2 - d^2) \leqslant (a c - b d)^2
$$ [b]回复 [url=http://kuing.orzweb.net/redirect.php?goto=findpost&pid=23303&ptid=4927]1#[/url] [i]zhcosin[/i] [/b]
4.6.3的第二个式子,符号笔误。 [b]回复 [url=http://kuing.orzweb.net/redirect.php?goto=findpost&pid=25234&ptid=4927]8#[/url] [i]走走看看[/i] [/b]
确实,符号搞错了,这里是截图就懒得改了,在我笔记中改好就行了。 [b]回复 [url=http://kuing.orzweb.net/redirect.php?goto=findpost&pid=23363&ptid=4927]7#[/url] [i]isee[/i] [/b]
还可以推广到n维{:smile:} 刚刚群里一题,顺便整理到这里。
[attach]6816[/attach]
由于相交,故直线 `mx/a^2+ny/b^2=1` 上存在一点 `(x_0,y_0)` 使 `x_0^2/a^2+y_0^2/b^2<1`,故由柯西得
\[1=\left( \frac{mx_0}{a^2}+\frac{ny_0}{b^2} \right)^2\leqslant\left( \frac{m^2}{a^2}+\frac{n^2}{b^2} \right)\left( \frac{x_0^2}{a^2}+\frac{y_0^2}{b^2} \right)<\frac{m^2}{a^2}+\frac{n^2}{b^2},\]这就说明点 `(m,n)` 在椭圆外。 另外,如果将楼上的题的“相交”改为“相离”,则也可以这样解:
设 `(x_0,y_0)` 是直线 `mx/a^2+ny/b^2=1` 与直线 `my=nx` 的交点,则有
\[1=\left( \frac{mx_0}{a^2}+\frac{ny_0}{b^2} \right)^2+\left( \frac{my_0}{ab}-\frac{nx_0}{ab} \right)^2=\left( \frac{m^2}{a^2}+\frac{n^2}{b^2} \right)\left( \frac{x_0^2}{a^2}+\frac{y_0^2}{b^2} \right),\]
由于 `mx/a^2+ny/b^2=1` 与椭圆外离,故 `(x_0,y_0)` 在椭圆外,即 `x_0^2/a^2+y_0^2/b^2>1`,故由上式知 `m^2/a^2+n^2/b^2<1`,即 `(m,n)` 在椭圆内。 这个貌似若干年前已经闹腾地厉害! 能不能用二次曲线的一般式,一次性得出结论?
我试过,没有成功
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